Гипермаркет знаний>>Математика>>Математика 10 класс>>Математика: Тригонометрические уравнения

§ 20. ТРИГОНОМЕТРИЧЕСКИЕ УРАВНЕНИЯ
1. Простейшие тригонометрические уравнения
Тригонометрическими уравнениями обычно называют уравнения, в которых переменная содержится под знаками тригонометрических функций. К их числу прежде всего относятся простейшие тригонометрические уравнения, т.е. уравнения вида a — действительное число. К настоящему моменту мы знаем, что:
1)    если | а | < 1, то решения уравнения соз о:-а имеют вид:

   
Во всех перечисленных формулах подразумевается, что параметр (n, к и т.д.) принимает любые целочисленные значения
К простейшим относят обычно и уравнения вида Т(кх + m)=а, где Т — знак какой-либо тригонометрической функции.
Пример 1. Решить уравнения:

Решение: а) Введем новую переменную
Возвращаясь к переменной х, получаем: Осталось обе части этого равенства разделить почленно на 2; получим:

Заметим, что при наличии некоторого опыта можно не вводить промежуточную переменную t = 2х, а сразу переходить от уравнения
Именно так мы и будем действовать в дальнейшем.
б) Мы знаем, что решения уравнения соs t = а имеют вид: Для нашего примера это означает, что

Пример 2. Найти те корни уравнения которые принадлежат отрезку[0, п].
Решение. Сначала решим уравнение в общем виде: (см. пример 1а). Далее придадим параметру п последовательно значения 0,1, 2,..., -1, -2,... и подставим эти значения в общую формулу корней.

Это число не принадлежит заданному отрезку [0, п]. Тем более не будут принадлежать заданному отрезку те значения х, которые получаются из общей формулы при n = -2, -3,...
На рис. 94 представлена геометрическая интерпретация проведенных рассуждений.

Итак, заданному отрезку [0, п] принадлежат те корни уравнения, которые получаются из общей формулы при следующих значениях параметра n: n = 0, n = 1. Эти корни таковы
Ответ:

Пример 3. Найти те корни уравнения которые принадлежат отрезку
Решение: Сначала решим уравнение в общем виде: (см. пример 16). Далее придадим параметру п последовательно значения 0,1, 2,..., -1, -2,... и подставим эти значения в общую формулу корней.
, поскольку оба они больше числа л. Тем более не будут принадлежать заданному отрезку те значения х, которые получаются из общей формулы при п = 3,4,...

Не будут принадлежать заданному отрезку те значения х, которые получаются из общей формулы при п = -2, - 3,...
На рис. 95 представлена геометрическая интерпретация проведенных рассуждений.

Итак, заданному отрезку принадлежат следующие корни уравнения

2. Два основных метода решения тригонометрических уравнений
Для решения тригонометрических уравнений чаще всего используются два метода: введения новой переменной и разложения на множители.
Вернемся к материалу § 16. Там в примере 3 мы решили тригонометрическое уравнение Как мы это сделали? Ввели новую переменную z = sin t, переписали уравнение в виде
В результате мы получили два простых уравнения: Первое уравнение не имеет решений, а для второго нашли две серии решений:

  и установили (см. § 18), что эти две серии можно объединить одной формулой
В том же § 16 в примере 4 мы решили тригонометрическое уравнение

Пример 4. Решить уравнение

Решение. Поскольку есть смысл ввести новую переменную   Это позволит переписать уравнение в более простом виде:
Имеем:

Возвращаясь к переменной х получаем два уравнения:

Теперь поговорим о втором методе решения тригонометрических уравнений — методе разложения на множители. Смысл этого метода вам знаком: если уравнение f(х) =0 возможно преобразовать к виду

то задача сводится к решению двух уравнений (обычно говорят — к решению совокупности уравнений):

Пример 5. Решить уравнение   
Решение. Задача сводится к решению совокупности уравнений:

Из этих уравнений находим соответственно:

Пример 6. Решить уравнение .

Решение. Имеем Значит, приходим к совокупности уравнений:

Замечание. Учтите, что переход от уравнения к совокупности уравнений: не всегда безопасен. Рассмотрим, например, уравнение Из уравнения tg x = 0 находим
х = пn; из уравнения sin x = 1 находим Но включить обе серии решений в ответ нельзя. Дело в том, что при значениях входящий в заданное уравнение множитель tg х не имеет смысла, т.е. значения
не принадлежат области определения уравнения (области допустимых значений уравнения — ОДЗ), это — посторонние корни.
3. Однородные тригонометрические уравнения
Здесь мы познакомимся с довольно часто встречающимися на практике тригонометрическими уравнениями специального вида.
Определение. Уравнение вида: называют однородным тригонометрическим уравнением первой степени; уравнение вида: называют однородным тригонометрическим уравнением второй степени.
Сначала поговорим о решении однородных тригонометрических уравнений первой степени, причем рассмотрим только самый общий случай, когда оба коэффициента а и Ъ отличны от нуля, так как, если а =0, уравнение принимает вид такое уравнение отдельного обсуждения не заслуживает; аналогично при Ь=0 получаем sin х =0, что тоже не требует отдельного обсуждения.
Итак, дано уравнение Разделив обе части уравнения почленно на соs x, получим:

В итоге приходим к простейшему тригонометрическому уравнению

Внимание! Вообще-то делить обе части уравнения на одно и то же выражение можно только в том случае, когда мы уверены, что это выражение нигде не обращается в нуль (на 0 делить нельзя). Уверены ли мы, что в нашем уравнении соз х отличен от нуля? Давайте проанализируем. Предположим, что соз х =0. Тогда однородное уравнение а sin х+Ь соз х=0 примет вида зтдг=0, т.е. зщх=0 (вы ведь не забыли, что коэффициент а отличен от нуля). Получается, что и соз х=0, и зш л: =0, а это невозможно, так как зтх и соззс обращаются в нуль в различных точках. Итак, в однородном тригонометрическом уравнении первой степени деление обеих частей уравнения насозх— вполне благополучная операция.
Уравнения вида а зт тх+Ь соз тх=0 тоже называют однородными тригонометрическими уравнениями первой степени. Для их решения обе части уравнения делят почленно на соз тх.
Пример 7. Решить уравнение 2 sin х-3соз х=0.
Решение. Разделив обе части уравнения почленно на соз х, получим:

95
3    3
21§лс-3=0, л: = —, лс = агс 1%- + пп.
2 2
3
Ответ: х = агс1е- + пп.
2
Пример 8. Решить уравнение 8т2лс + со82лс =0.
Решение. Разделив обе части уравнения почленно насо82лс, получим: 182*+ 1=0, 1&2х=-1, 2х = агс1ё(-1)+ пп,
„л    п пп
2х = — + пп, х = — + —.
4    8 2
^    п пп
Ответ: х ----1--.
8 2_^
Рассмотрим теперь однородное тригонометрическое уравнение второй степени:
а 81П2 х+Ь 81П x соз Х+С соз2 X =0.
Если коэффициент а отличен от нуля, т.е. в уравнении содержится член зт2 х с каким-то коэффициентом, отличным от нуля, то, рассуждая как и выше, нетрудно убедиться в том, что при интересующих нас значениях переменной сое хне обращается в нуль, а потому можно обе части уравнения разделить почленно на сое2 х. Что это даст? Смотрите:
а 81п2 X Ь 81п X соз X С соз2 X 0
сов2 X    соз2 X    сов2 X соз2 X
т.е. а 1§2х+Ь х+с =0.
Это — квадратное уравнение относительно новой переменной г = 1%х.
Пусть теперь в однородном тригонометрическом уравнении
а 81п2 Х + Ь 81п X соз Х + С соз2 X =0
коэффициент а равен 0, т.е. отсутствует член азт2 х. Тогда уравнение принимает вид:
Ь 81п X соз х + ссоз2 Х = 0.
Это уравнение можно решить методом разложения на множители: с08 X (Ъ 81п Х + С соз X) =0, соз X = 0 или Ъ 81п Х + С соз X =0.
Получились два уравнения, которые мы с вами решать умеем. Аналогично обстоит дело и в случае, когдас =0, т.е. когда однородное уравнение имеет вид а зт2 х+Ь зт х соз х=0 (здесь можно вынести за скобки зтх).
Фактически мы выработали
96
АЛГОРИТМ РЕШЕНИЯ УРАВНЕНИЯ автгх+Ь 81П хсоз х+ссоа2 х=0:
1.    Посмотреть, есть ли в уравнении член азт2 х.
2.    Если членавт2 хв уравнении содержится (т.е. а Ф 0), то уравнение решается делением обеих его частей на сое2 х и последующим введением новой переменной г = х.
3.    Если член азт2 х в уравнении не содержится (т.е. а = 0), то уравнение решается методом разложения на множители: за скобки выносят совх.
Так же обстоит дело и в однородных уравнениях вида: а 81П2 тх+Ъ 8111 тхсовтх+с сов2 тх=0.
Пример 9. Решить уравнение
81П2 лс - 3 81П л: соз х+ 2 сое2 х = 0.
Решение. Разделив обе част^ уравнения почленно на соз2 х, получим 1^х-31§ х + 2=0. Введя новую переменную г=Щх, получим г2 -Зг + 2=0, откуда находим г1 = 1, г2 =2. Значит, либо {%х = 1, либо 1%х=2. Из первого уравнения находим:
х = агс1ё 1 + пп, т.е. х = — + пп.
Из второго уравнения находим: х = агс1§ 2 + пп. п
Ответ: х = — + пп\ х = агс1§ 2 + пп. 4
Пример 10. Решить уравнение
•у/Ззтлссовлс + соз2 х=0.
Решение. Здесь отсутствует член вида а зш2 х, значит, делить обе части уравнения на соз2 х нельзя. Решим уравнение методом разложения на множители. Имеем:
совх(4з 8Н1л; + со8л;)=0, т.е. соз х = 0 или 73 зш х + соз х=0.
тт    я
Из первого уравнения находим х = — + кп.
Второе уравнение — однородное тригонометрическое уравнение первой степени. Решим его с помощью почленного деления обеих частей уравнения насозлс:
81пя; + Со8я;=0,
4З^х + 1=0;
-П    п
—Г= + пп,х = — + пп. л/3    6
1е л: = —Дг, откуда х = агс1§
4з
Ответ: х = — + пп: х = -—+пп. 2 6
В заключение рассмотрим более сложный пример.
4 Мордкович «Алгебра, 10 кл.»
97
Пример 11. Решить уравнение
3 81 п2 Зле - 2л/3 81Г1 Зх сое Зле + 5 сое2 Зле = 2 и выделить те его корни, которые принадлежат интервалу (-л, л).
Решение. Чем это уравнение сложнее предыдущих? Во-первых, оно не является однородным, так как в правой его части содержится не 0, а 2. Во-вторых, в левой части уравнения под знаками синуса и косинуса находится не х, а Зле. В-третьих, нужно не только решить уравнение в общем виде, но и выбрать корни, принадлежащие заданному промежутку. Эти три дополнительные трудности мы сейчас и начнем преодолевать.
С числом 2, содержащимся в правой части уравнения, мы поступим следующим образом. Известно, что зт21 + сое21 = 1 — это тождество верно для любого I. В частности, зт2 3* + сое2 Зле = 1. Но тогда 2 зт2 Зх + 2соз2 Зх =2. Заменив в правой части уравнения 2 на 2 81п2 Зле + 2со82 Зле, получим:
3 зт2 Зх - 273 зт Зх соа Зх + 5 соз2 Зх=2зт2Зх + 2 сов2 Зх.
Далее имеем:
3 зт2 Зх -2-Уз зт Зх соз Зх + 5сое2 3*'-2 зт2 Зх-2сов2 Зле = О, зт2 Зх-2^3 зт Зх соз Зле + Зсоз2 Зле =0.
Как видите, нам удалось преобразовать заданное уравнение в однородное тригонометрическое уравнение второй степени. Оно содержит в своем составе член зт2 Зх, значит, применив способ почленного деления на соз2 Зле, получим:
1§2 3 лс - 2-У31§ Зле + 3=0.
Положив г Зх, получим квадратное уравнение:
г2 -2л/3г +3=0.
Для решения этого уравнения можно использовать формулу корней квадратного уравнения, но изящнее сделать так: заметив, что
г2 -273г+3=(г-73)2, преобразовать квадратное уравнение к виду:
(г-7з)2=0,
и далее г--Уз =0.
Значит, 2 = л/5, т.е.
1§ЗХ = ТЗ, Зх = ап*8 -Уз + пп,
о 71
Злс = — + пп, 3
л пп
лс = - +-.
9 3
Осталось из найденной серии решений выбрать те корни уравнения, которые принадлежат заданному интервалу (-л, л). Можно осуществить «перебор по параметру», т.е. последовательно придать параметру п значения 0,1, 2,..., -1, -2,..., как мы это делали в п. 1 (примеры 2 иЗ). Но мы хотим показать вам еще один прием (быть может, он покажется вам более интересным).
98
Нам нужно найти такие значения х, которые содержатся в интервале (-л, л), т.е. удовлетворяют двойному неравенству -%<х<к. Поскольку л лл
х =— + —, получаем неравенство:
П ПП -л< —+-< л.
9 3
Умножив все части этого неравенства на 9 и разделив на тс, получим:
-9<1 + Зл<9, -10<3я<8,
10 8
--<п <-.
3 3
Осталось выяснить, какие целочисленные значения параметра п удовлетворяют последнему неравенству. Это значения: -3, -2, -1, 0,1, 2. Значит, если перечисленные шесть значений подставить вместо п в форте тел
мулу решении х = — н--, то мы тем самым и выделим интересующие нас
9 3
корни уравнения, принадлежащие заданному интервалу (-тс, тс). Итак:
1)    если л = -3, то из формулы х=— + — получаем
9 3
п    8л
х =--л=--;
9    9
2)    если л = -2, то из формулы х = — + — получаем
9 3
л _ 2л __ 5 л
3)    если л = -1, то из формулы х + ^ получаем
_ л _ л _ 2 л
4)    если л = 0, то из формулы + ~ получаем
л „ л
х=- + 0=~; 9 9
С\    1    Я тел
5)    если л = I, то из формулы х=—л--получаем
9 3 _ л я_4тс. *"9 + 3~~9~'
6)    если л = 2, то из формулы х=— + — получаем
9 3
п 2тс 7тс
х=- +-=-.
9 3 9
^    8л 5 л 2 л п 4тс 7п
Ответ:--;--;--; —; —.
9 9 9 9 9 9
4 й
99

А.Г. Мордкович Алгебра 10 класс

_{Материалы по математике онлайн, задачи и ответы по классам, планы конспектов уроков по математике скачать}

Содержание урока
 конспект урока                       
 опорный каркас  
 презентация урока
 акселеративные методы 
 интерактивные технологии 

Практика
 задачи и упражнения 
 самопроверка
 практикумы, тренинги, кейсы, квесты
 домашние задания
 дискуссионные вопросы
 риторические вопросы от учеников
 
Иллюстрации
 аудио-, видеоклипы и мультимедиа 
 фотографии, картинки 
 графики, таблицы, схемы
 юмор, анекдоты, приколы, комиксы
 притчи, поговорки, кроссворды, цитаты

Дополнения
 рефераты
 статьи 
 фишки для любознательных 
 шпаргалки 
 учебники основные и дополнительные
 словарь терминов                          
 прочие 

Совершенствование учебников и уроков
 исправление ошибок в учебнике
 обновление фрагмента в учебнике 
 элементы новаторства на уроке 
 замена устаревших знаний новыми 
 
Только для учителей
 идеальные уроки 
 календарный план на год  
 методические рекомендации  
 программы
 обсуждения


Интегрированные уроки

Если у вас есть исправления или предложения к данному уроку, напишите нам.

Если вы хотите увидеть другие корректировки и пожелания к урокам, смотрите здесь - Образовательный форум.